Движение по наклонной плоскости
Задача 18.5. Маленький шарик массы т и заряда +q находится на вершине наклонной плоскости. Высота наклонной плоскости h, а угол наклона a. Над нижней точкой наклонной плоскости на высоте h закреплен неподвижно заряд +q (рис. 18.5). Шарик соскальзывает с наклонной плоскости без начальной скорости. Найти его скорость у основания плоскости.
+q h a | Решение. Попробуем решить эту задачу с помощью закона сохранения энергии: энергия шарика в верхней точке равна энергии шарика в нижней точке: Едо = Епосле. | Рис. 18.5 |
υ = ? | ||
Учтем, что
Едо = Пдо + Кдо = Пmg до + Пе до + Кдо,
поскольку
Пmg до = mgh, Пе до = qjдо = , Кдо = 0,
где учтено, что х = hctga = , тогда
Едо = mgh + + 0;
Епосле = Ппосле + Кпосле = Пmg после + Пе после + Кпосле.
поскольку
Пmg после = 0, Пе после = qjпосле = , Кпосле = ,
тогда
Епосле = 0 + + .
Итак, закон сохранения энергии имеет вид
mgh + = + .
Отсюда
= mgh + Þ .
Ответ: .
СТОП! Решите самостоятельно: В3, С1, С5.
Маятник
Задача 18.6. Маленький шарик массы т и заряда +q подвешен на нити длиной l и может совершать колебания в вертикальной плоскости. На расстоянии 2l по вертикали под точкой подвеса закреплен заряд +q. Шарик отклонили так, что нить приняла горизонтальное положение, и отпустили без начальной скорости (рис. 18.6). Какую скорость будет иметь шарик в нижней точке траектории?
+q m l 2l | Рис. 18.6 | Решение. Прежде всего, заметим, что начальное расстояние между шариками а легко вычислить по теореме Пифагора: . Теперь применим закон сохранения энергии: Едо = Епосле. |
υ = ? | ||
Так как
Едо = mg×2l + ;
Епосле = + mgl + ,
получим
Едо = Епосле Þ + mgl + ,
= mgl + Þ
.
Ответ: .
СТОП! Решите самостоятельно: С7, С10, D3.
Дата добавления: 2016-04-11; просмотров: 1149;