Построение эпюр в рамах

 

Рама представляет собой систему прямых стержней, определенным образом соединенных между собой.

В простейшем случае рамой может быть балка с ломаным очертанием оси. Вертикальный элемент рамы называется стойкой, горизонтальный – ригелем. Рамы бывают плоскими и пространственными Примером плоской рамы является поперечник промышленного здания. В отличие от балки на раму кроме вертикальных нагрузок действуют и горизонтальные нагрузки. Порядок определения реакций в раме практически не отличается от балок. Рассмотрим алгоритм определения реакций в раме на следующем примере.

Пример 8.5. Определить опорные реакции в раме, изображенной на рис.8.14.

 
 

1. ΣFz = 0. HA – P = 0 → HA = P = 2 кН

2. ΣmA = 0. – M + P·6 + q·4·4 + P·3 – B·6 = 0 → B = 10 кН

3. ΣmB = 0. – Mq·4·2 + P·3 + A·6 = 0 → A = 4 кН

4. ΣFy = Aq·4 – P + B = 4 – 12 – 2 + 10 = 14 – 14 = 0

Реакции найдены верно.

 

Порядок построения эпюр Mx, Qy, Nz в рамах такой же, как и балках. Эпюра изгибающих моментов строится со стороны растянутых волокон балки. Положение растянутого волокна определяется аналитически в соответствии с уравнением Мх.

Правило знаков для поперечной силы в рамах такое же, как и балках. В рамах, помимо названных внутренних усилий, действует еще и продольная сила, которая определяется методом сечений. Порядок построения эпюр рассмотрим на примере 8.6.


 
 

Пример 8.6. Построить эпюры Mx, Qy, Nz для рамы, изображенной на рис. 8.15

 

 

1. ΣFz = 0. HA – P = 0 → HA = P = 2 кН

2. ΣmA = 0. – M + P·4 + q·4·2 + P·3 – B·4 = 0 → B = 6 кН

3. ΣmB = 0. – Mq·4·2 + P·1 + A·4 = 0 → A = 6 кН

4. ΣFy = Aq·4 + B = 6 – 12 – 6 = 12 – 12 = 0

Реакции найдены верно.

 

Рама имеет четыре участка. На каждом участке рамы проводим сечение и рассмотрим в равновесии одну из частей рамы. Правую или левую, верхнюю или нижнюю.

1. Участок AD

0 ≤ z ≤ 3

Qy = HA = 2 кН

Mx = – HA·z1·M0 = 0, М3 = – 6 кНм

ΣFz = 0 A + N1 = 0 → N = A = – 6 кН

Уравнение моментов записано для случая, когда наблюдатель находится слева от стойки AD . Эпюра Мх отрицательная, поэтому откладывается справа от стойки AD . Когда наблюдатель находится слева от AD , знак изгибающего момента меняется. Теперь ординаты эпюры моментов откладываются, как и в предыдущем случае, справа от стойки AD . По этой причине в рамах на эпюрах изгибающих моментов знак не ставится.

2. Участок СD

0 ≤ z2 ≤ 2

Qy = 0

Mx = – M = – 8 кНм

ΣFz = 0 → N2 = 0

 

3. Участок DE

0 ≤ z3 ≤ 1

Qy = P = 2 кН

Mx = – P·z3, M0 = 0, M1 = 2 кНм,

ΣFz = 0 → N3 = 0


 

4. Участок ВD

0 ≤ z4 ≤ 4

Qy = B + q·z·Q0 = – 6 кН, Q4 = – 6 + 12 = 6 кН

Mx = –B·z4 · M0 = 0, М4 = 0, = B - q·z = 0, z = = 2 мм

Mmax = B·2 – = 12 – 6 = 6 кНм, N4 = 0

По найденным значениям Mx, Qy, Nz строим соответствующие эпюры (рис 8.16)

 

 
 

С целью проверки правильности построения эпюр Mx, Qy, Nz, рассмотрим равновесие узла D. Изгибающий момент в рассматриваемом сечении направляем от ординаты эпюры Mx под балку.

Следовательно, узел D находится в равновесии.

 








Дата добавления: 2015-12-11; просмотров: 1839;


Поиск по сайту:

При помощи поиска вы сможете найти нужную вам информацию.

Поделитесь с друзьями:

Если вам перенёс пользу информационный материал, или помог в учебе – поделитесь этим сайтом с друзьями и знакомыми.
helpiks.org - Хелпикс.Орг - 2014-2024 год. Материал сайта представляется для ознакомительного и учебного использования. | Поддержка
Генерация страницы за: 0.007 сек.