Метод полной энергии

 

Пусть имеется некоторая колебательная система. Пусть смещение колеблющегося тела от положения равновесия равно х. Тогда скорость тела в момент времени t: υх = х¢(t).

Допустим, что нам удалось записать выражение для полной механической энергии системы в виде

Е = Ах2 + В(х¢)2. (5.1)

Тогда циклическая частота w такой системы равна

. (5.2)

Докажем наше утверждение.

Если в системе отсутствует трение, то полная механическая энергия системы остается постоянной: E(t) = const, а значит, производная энергии по времени равна нулю: E¢(t) = 0.

Продифференцируем выражение (5.1) и приравняем его производную к нулю:

Е¢(t) = (Ах2(t) + В(х¢(t)2)¢ = А×2х(t)х¢(t) + В×2×х¢(tх¢¢(t) = 0 Þ

х¢(t)×(Ах(t) + Вх¢¢(t)) = 0 Þ х¢¢(t) + = 0.

Мы получили уже хорошо знакомое нам уравнение, решением которого является функция х(t) = acos(wt + a), где .

Наше утверждение доказано.

Попробуем применить формулы (5.1) и (5.2) для решения задач.

Задача 5.6.Плоская Т-образная конструкция из трёх небольших шариков может свободно поворачиваться в вертикальной плоскости вокруг горизонтальной оси О (рис. 5.8) (плоскость рисунка перпендикулярна оси О). Длина каждой спицы L, а масса пренебре­жимо мала по сравнению с массой шари­ков. Определите период малых колебаний конструкции.

   
L Рис. 5.9
T = ?
    Рис. 5.8

Решение. Пусть масса каждого шарика равна т, и вся система повернулась на малый угол a. Тогда левый шарик опустился на х вниз, а правый поднялся на х вверх, следовательно, общая потенциальная энергия этих двух шариков не изменилась.

Нижний шарик поднялся вверх на величину h = l(1 – cosa). С учетом того, что при малых a , получим

.

Значит, если потенциальную энергию в положении равновесия считать равной нулю, то при отклонении системы на малый угол a потенциальная энергия будет равна

.

Скорости у всех трех шариков одинаковы и равны υх = х¢(t). Тогда кинетическая энергия системы равна

.

Находим полную энергию:

Е = П + К = + .

Сравнивая полученную формулу с (5.1), получим

, .

Тогда

Þ .

Ответ: .

СТОП! Решите самостоятельно: С6, С7, D7.

Задача 5.7.Два математических маятника длиной l каждый связаны неве­сомой пружиной с жесткостью k. На рис. 5.10 показано поло­жение равновесия системы. Маятники отклоняют в плоскости рисунка на одинаковые углы и отпускают. Определите период Т малых колебаний связанных маятников, если: а) маятники отклонены в одну сторону (колебания в одной фазе); б) маятники отклонены в противоположные стороны (колебания в противофазе). Масса каждого шарика равна т.

   
m k l Решение. а) Пружина не деформируется при колебаниях, так что сила упругости не возникает (связь между маятниками «не работает») (рис. 5.11,а). Поэтому оба маятника колеблются независимо друг от друга с одним и тем же периодом .
T = ?
а б
     

Рис. 5.11

б) Во втором случае (рис. 5.11,б) каждый шар отклонили на расстояние х, следовательно, пружина удлинилась на 2х, и ее потенциальная энергия стала равна

.

Каждый шарик поднялся на высоту

h = l(1 – cosa) » .

Потенциальная энергия шариков в поле силы тяжести стала равна

Пт = .

Кроме того, каждый шарик приобрел скорость υх = х¢, а значит, и кинетическую энергию. Общая кинетическая энергия системы стала равна

К = .

Находим полную механическую энергию системы

Е = Ппр + Пт + К = Þ

.

Следовательно, , В = т. Тогда

Þ .

Ответ: .

СТОП! Решите самостоятельно: С8, С9, С10.








Дата добавления: 2016-04-11; просмотров: 2490;


Поиск по сайту:

При помощи поиска вы сможете найти нужную вам информацию.

Поделитесь с друзьями:

Если вам перенёс пользу информационный материал, или помог в учебе – поделитесь этим сайтом с друзьями и знакомыми.
helpiks.org - Хелпикс.Орг - 2014-2024 год. Материал сайта представляется для ознакомительного и учебного использования. | Поддержка
Генерация страницы за: 0.01 сек.